电流表电压表均为理想电表,电键S闭合后,在滑动变阻器滑片P由a端滑向b端

A、由图可知，输入电压的周期为2×10-2s；电压的瞬时表达式u=2202sin（100πt）（V），故A错误　B、由图可知，输入端电压的最大值为2202V，则有效值为220V；则输出端电压U2=95

无图,不知电压表是接在哪两端.电压表的示数是电压的有效值.若电压表是接在副线圈两端,则原线圈的电压有效值是　220伏特,那么副线圈的电压有效值就是22伏特,即电压表示数应是22伏特.注：题目说在“原线

E=1.6+0.4rE=1.6+0.1+（0.4－0.1）r再答：自己解方程

A、由交流电的变化规律可知，副线圈中交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，变压器不改变交流电的频率，故A正确．B、知原线圈的电压有效值为220v，故副线圈的电压的有效值为22V，所以电

A、把t=1600s代入电压表达式知c、d间电压瞬时值为1102V，故A错误；B、电压表显示的是有效值，原线圈两端电压为220V，根据匝数比等于电压比知电压表的示数为22V，故B正确；C、若将滑动变阻

A、把时间t代入瞬时值表达式得电压瞬时值为155.5V，A错误；B、当单刀双掷开关与a连接时，匝数之比为10：1，原线圈两端有效值为220V，所以副线圈电压有效值为22V，B正确；C、滑动变阻器触头向

A、B、电阻R1断路时，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流I减小，路端电压U增大，由欧姆定律分析得知，通过电流表的电流增大，电阻R2两端的电压增大，则电流表和电压表的示数都变大．

设电源内阻为r,电动势为E.A表示数：I=E/(R1+R2+r)A表示数变化量：dI=E/(R1+r)-E/(R1+R2+r)=E*R2/(R1+r)(R1+R2+r)V1表示数：V1=I*R1=E*

电流表和电压表的读数分别是：1.5a,1.5v,实际上是：R1R2并联后串联电流表,在串联（R4R5并联的整体）.电压表r3并连到电池上

这图难看,终于算看懂了.R1和R3被导线完全短路了,没有电流通过,剩下三个电阻是并联关系.电流表流过R4和R5的合并电流.计算如下：并联后电阻是：1/3约等于0.3欧.总电流是：3伏/(0.3+0.5

1、A　正确,有效值为36,周期为0.02,频率为50.2πf=100πB　正确,原、副线圈中的电流之比与原、副线圈的匝数比相反.C　错误,理想变压器是没的损耗的,输入、输出功率是相等的.D　错误,电

A、根据电压与匝数成正比知副线圈电压最大值为42V，角速度ω=2π0.02=100π，所以副线圈两端电压的瞬时值表达式为u′=42sin100πtV，A错误；B、把t=0.02s代入表达式知电压表V2

A、R1温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大，但不会影响输入和输出电压值，根据功率的公式：P=UI，变压器的输出功率增大，所以输入的功率也增大．A正确；B、R1温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大

理想电流表短路，所以A点相当于D．所以RAB=RBD，RAC=RCD，故A、B、D选项不正确；RAD为短路，电阻为0，所以电阻是最小的；故选C．

A、B电阻R1断路时，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流I减小，路端电压U增大，由欧姆定律分析得知，通过电流表的电流增大，电阻R2两端的电压增大，则电流表和电压表的示数都变大．故

楼主你想知道什么?再问：为什么S1、S2仍闭合，滑动变阻器R4滑片向上移动，电源输出功率可能增大，电源供电效率可能减少再答：向上移动后，总外电阻增大，电路中电流减小，消耗在内阻上的功率减小，输出功率可

A、若R1短路，其电阻为零，与其并联的电压表读数为零．并联部分电阻减小，则由“串反并同”可知，电流表示数减小；故A正确；B、若R2短路，外电阻减小，路端电压减小，通过R3的电流减小，则电流表示数变小，

分析电路：先把电压表和电流表遮住,可以看出R1和R3在一个支路上,R2单独在一个支路上,R1和R3串联,（R1与R3）和R2并联,现在就可以看出电流表是测R2的,电压表因为与R1并联所以是测R1的电压

电压表测的是谁的电压R1若R2短路电压表测哪个电压变大变小R1R2R3整个电路电阻变小,干路电流变大,外电路电阻变小,外电路分压变小,所以R3和R4的支路电流均减小,所以R1R2支路的电流增大,此时U

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