用R1给一壶水加热,所用时间为T1,

这是理想状态,现实肯定不相等.因为热量散失太难计算,升温过程所需时时间不同,散失的热量就不一样.还有电源内阻问题.

不一定,如果有盖（无孔）,质量不变.如果无盖或有盖有孔,那么水就会汽化成水蒸气,质量变小

早饭时由于用户少，用电量小，故电路中导线损耗的电压较小，故加在电壶两端的电压要高，故此时电壶的功率较高，故烧水所用时间较短；故A正确； 而大气压、水的蒸发、温度的变化等也会影响烧水的时间，但

任何设备都有一个效率问题,电热器同样也有热效率问题.假设电流通过电热器所做的功全部转化成热,那么这些热量：1、有部分要散发到空气中；2、一部分被电热器本身吸收；3、一部分被盛水的容器吸收；4、被水吸收

两电阻并联时的总电阻最小，因此两电阻并联时电功率最大，使同质量的水升高相同温度所用时间最短；故选A．

设电阻为R，由W＝U2Rt，U21Rt1＝U22 Rt2．将R约去，代入数据得，（220V）2×5min=（110V）2t2，则t2=20min；故答案为：20min；

t和y是变量,比热c和质量m是常量.

由题意得，Q1=cm（t1-t01）=cm（50℃-20℃），Q2=cm（t2-t02）=cm（100℃-50℃）；Q1：Q2=cm（50℃-20℃）：cm（100℃-50℃）=3：5；（2）天然气的

由电阻定律R＝p*L/S知,当对折后,电阻是原来的四分之一,所以在电源电压不变的情况下,它的热功率是原来的4倍.若不考虑热量散失,则加热时间是原来的四分之一,即只要时间2.5分钟.

并联：加热相同的水需要热量Q相同P1*T1=P2*T2=P3*T3P1=U^2/R1P2=U^2/R2P3=U^2/(R1R2/R1+R2)T1/R1=T2/R2=T3/(R1R2/R1+R2)T3=

（1）将电热丝对折起，电热丝长度变为原来的12，横截面积变为原来的2倍，因此电阻变为原来的14；（2）电源电压U不变，烧开同样一壶水，水所吸收的热量Q不变，由Q=U2Rt可知，烧水所用时间变为原来的1

（1）将电热丝对折起，电热丝长度变为原来的12，横截面积变为原来的2倍，因此电阻变为原来的14；（2）电源电压U不变，烧开同样一壶水，水所吸收的热量Q不变，由Q=U2Rt可知，烧水所用时间变为原来的1

20分钟.电功=电压^2/电阻×时间.电功不变,电压为原来的一半,电阻不变,则时间为4倍.W=Pt=U^2/R×t=I^2×R.

1．是要把两个电阻丝串联还是并联?答,并联.因为外加的电压不变,功率P=U^2/R,R越小（并联则小）,电流越大,所以功率越大.2.P=U^2/R,如果两种情况下外加的电压不变而电阻改变了,就用这个公

25minQ=I²Rt=U²/Rt得到t=QR/U²,也就是t与U²成反比.t1/t2=U2²/U1²16/t2=16/25t2=25min

设水的质量为m,比热容为c,电源电压为U,则U^2/R1=cmt1,U^2/R2=cmt2,所以R1=U^2/(cmt1),R2=U^2/(cmt2),串联后总电阻为R=R1+R2=U^2/(cm)*

因为t1=W/(U²/R)=16min所以t2=W/((0.8U)²/R)=16/0.8²=25min

水的比热容4.2*103焦/千克·摄氏度就是说每上升一度所所需的能量是4.2*103J那么同样质量的水上升一度所需的能量是相同的!所以同样质量同样上升了45度!所要的能量也相同.

热量=P*t=U^2/R*t,t=热量*R/U^2t2=热量*R/（（1-0.3）U）^2=t/0.7^2=2.04t

水沸腾时吸收的热量相同，设为Q吸，则U2R1t1=Q吸，U2R2t2=Q吸，即R1=U2t1Q吸，R2=U2t2Q吸，R1+R2=U2Q吸（t1+t2），如果把它们串联在此电源上时，电路的电功率：P=