如图所示,在绝缘水平面上的二个物体A,B用劲度

A、ab杆产生的感应电动势E=BLv1；回路中感应电流为I=E2R=BLv12R．故A错误．B、ab杆匀速下滑，受力平衡条件，则ab杆所受的安培力大小为F安=BIL=B2L2v12R，方向沿轨道向上，

B点速度VbmvB^2/2=mvA^2/2+mgr+qEr=mvA^2/2+2mgr最低点竖直方向合力ma=mVB^2/r=N-mgN'=N=mg+mVB^2/r=mg+2(mvA^2/2+2mgr)

b球在磁场中做匀速圆周运动所以有，得周期b球只能与a球相遇在图中的S处，相遇所需时间为a球通过的路程为OS=2R所以可得a球的速度大小故

（1）由于可以到达D点,N点必然有速度,必然需要向心力.而且,电场力此时一定向右,大小为Eq.因此,需要的支撑力一定大于Eq,AB都是错的.选项C是对的.此时的向心力可以由电场力提供,支撑力为0.小球

开始A球处于平衡，库仑力等于弹簧的弹力，有：kx0＝kQ2r2．将C球与A球接触后，A球的带电量变为原来的一半，假设压缩量变为原来的一半，知弹力为F＝kx02，库仑力F′＝kQ22r′2．因为压缩量变

修改：运动周期应为2π根号（M/k）1）碰撞前,动能定理：二分之一mv0^2=EqS求出A球碰撞前速度v0=根号（2EqS/m）因为碰撞无能量损失,由动能、动量定理得：二分之一mv0^2=二分之一mV

设弹簧的原长为Lo劲度系数为Ko,则KoX1=kQaQb/[(Lo+x1)^2]若OA′＝2QA,QB′＝2QB则Kox2=kQ'aQ'b/[(Lo+x2)^2]=4kQaQb/[(Lo+x2)^2]

根据库伦定律f=常数乘以电量1乘以电量2/距离的乘积答案应该选C因为距离增加的同时,库伦力也在减小,所以说最终要小于4X1

http://www.jyeoo.com/physics2/ques/detail/39402fda-779b-4e74-a094-5b9c6a0faf56有详细解答,谢谢采纳

由于电荷间的相互作用，弹簧比原来缩短，故原来AB两球带等量异种电荷，设A、B两球带电量分别为Q、-Q，弹簧的劲度系数为k′．开始A球处于平衡，库仑力等于弹簧的弹力，有：k′x0=kQ2r2．将C球与A

解题思路：从等量同种点电荷所形成的电场的场强分布规律结合相关的概念与规律去分析。解题过程：最终答案：

不能.、当带上+q和-q的电荷量后在相向运动中库仑力做功,此时机械能增加,当发生碰撞后,这一时刻系统机械能守恒,且小球电量中和,不带电.分离开后同时回到原位置,但速度变大.（库仑力做功,机械能增加）再

（1）根据牛顿第二定律得 ma=kQql20-F，又F=kQq4l20可解得：a=3kQq4ml20（2）当乙球所受的甲的静电斥力和F大小相等时，乙球的速度最大， F=kQq4l2

（1）根据牛顿第二定律得，ma=kQql02-F 可解得a=3kQq4ml02．（2）当两个力大小相等时，乙球的速度最大，F=kQq4l02=kQqx2可解得x=2l0（3）12mvm2-0

由于A在光滑绝缘水平面上平衡,所以在初态弹簧弹力和库仑斥力平衡：kqq/(L+x1)2=kx1电荷加倍后：4kqq/(L+x2)2=kx2两式相比得：(L+x2)2/4(L+x1)2=x1/x2又因为

对第三个小球受力分析，第三个小球受三个力的作用，它们的关系是k0x＝kq2l2+kq2(2l)2，解得x＝5kq24k0l2；所以弹簧的原长为 l0＝l−x＝l−5kq24k0l2．故选C．

对边缘小球受力分析，受重力、支持力、另外两个带电小球的排斥力，根据共点力平衡条件，有：kq2l2+kq2(2l)2＝F根据胡克定律，有：F=k△x解得：△x=5kq24k0l2故弹簧的原长为：l0=l

（1）由小球在C点处恰好与滑槽内、外壁均无挤压且无沿切线方向的加速度，可知小球在C点的合力方向一定沿CO且指向O点，所以A处电荷对小球吸引，B处电荷对小球排斥，因为A处电荷为正，所以小球带负电，B带负

剪断细线后A、B小球组成的系统在水平方向只受到库仑力的作用，所以满足动量守恒定律．得：mv+2mv′=0，所以：v′＝−12v，负号表示B的方向与A的方向相反．库仑力做功，系统减少的电势能等于增加的动

开始A球处于平衡，库仑力等于弹簧的弹力，有：kx0=kQ2r2．将C球与A球接触后，A球的带电量变为原来的一半，假设压缩量变为原来的一半，知弹力为F=kx02，库仑力F′=kQ22r′2．因为压缩量变