如图所示 质量不计的轻质弹簧杆

力F作用前，物体A保持静止，根据平衡条件，有：mg=kl，解得：k=mgl；撤去F后，物体B刚好不离开水平面，说明物体B做简谐运动，到最高点时，弹簧对物体B的拉力等于物体B的重力，故kl′=mg，代入

弹簧的弹力F=k△L，则向心力大小为k△L，向心加速度a=k△Lm． 根据a=rω2=（L+△L）ω2，则ω=k△Lm(L+△L)故答案为：k△Lm  ， &n

有图更好再问：有图求解啊谢谢再答：首先确定两个研究对象P,Q对P进行分析mg-F弹=mdw^2;F弹=0对Q进行分析F弹-mg=m(L+x)w^2;F弹=kx解x=mg(L+d)/(kd-mg)所以此

（1）整个过程从A到D，由动能定理有：mg•ADsinθ-μmgcosθ（AB+BC+AB+BC-AD）=0-12mv02代入数值解为：μ=0.5（2）从A到C过程，根据动能定理：mg•ACsinθ-

烧断细线之前绳子拉力F拉,弹簧弹力F弹：A+B为整体：F拉=2mgB：F弹=mg绳子烧断瞬间：A：F弹+mg=ma(A)a(A)=2g绳子烧断瞬间,弹簧形变为变化,弹力也未变化,因此B：F弹-mg=m

由F=KXX=(m1+m2)g/k=0.15m设A、B一起向上做匀加速直线运动,加速度aF1=(m1+m2)aA、B开始分离时F2-m2g=m2akx'-m1g=m1ax'=m1(g+a)/kx-x'

假设加速度向右,则m向左偏移x,对m列出牛二定律表达式（注意：左、右弹簧对m都有同方向的大小相等的弹力）得到加速度a的弹簧形变量x的关系式.再考虑电压表读数.滑臂向左偏x,电压表读数就是U=I*xR/

重力势能的变化量等于负的重力所做的功，即：△EP=-WG=-（-mgh）=mgh物体缓缓提高说明速度不变，所以物体动能不发生变化，△E弹=WF+WG=WF-mgh＞0，因此手的拉力做的功W＞mgh，故

1.用机械能守恒开始把球放上去时时到最低点时的速度都为0所以h=mg/k+Akh^2/2=mghA=mg/k2.F=h*k=2mg

这类问题要分段看.你是问加速度的变化还是能量的变化还是小球速度的变化再问：加速度和小球速度的变化再答：在小球刚接触弹簧至小球对弹簧的作用力与弹簧对小球的作用力大小相等时（此时弹簧还未被压缩至最短）这段

末态时的物块受力分析如图所示，其中F1′与F2′分别是弹簧k1、k2的作用力，物块静止有F1′+F2′=mg初态时，弹簧k2（压缩）的弹力F2=mg末态时，弹簧k2（压缩）的弹力F2′=23mg弹簧k

以M为研究对象，M受重力和地面的支持力以及弹簧对M向上的作用力F：根据平衡方程，得：N+F=Mg，当方形框架对水平面的压力为零的时刻，即N=0时，F=Mg以m为研究对象，有根据牛顿第二定律：ma=mg

ACA和B放物体C之前,对物体A、B分别受力分析,二者都受重力和向上的拉力,根据平衡条件得到细线和弹簧的弹力大小都等于mg；放物体C之后,由于弹簧的伸长量没来得及改变,故弹簧的弹力不变,由于细线和弹簧

之前我回答别人的,参考下吧.有问题再一起探讨.细线,烧断后,我已分析过,B瞬间静止不动,且所受合力为0,而A所受到的细线F拉由原来的2mg突然消失,因此A的瞬间加速度为2g,向下加速运动；由于瞬间B不

看来你是没有计算出来.我给点提示,关键出在力F上,是3mg,它在拉着A向上走的时候是有向上的加速度的,且因为弹簧弹力的作用,会越来越小,A运动X后撤去力F,A仍会往上运动一段距离,不会立即停下,然后弹

正确答案ACD不明追问再问：求解释再答：t1时刻小球落到弹簧上，平衡位置在下方x=mg/k处，此位置小球速度最大，加速度=0，t1-t2小球先加速后减速，动能先增大后减小C正确t2时刻速度=0加速度最

当木板与物体即将脱离时，m与板间作用力N=0，此时，对物体，由牛顿第二定律得：  mg-F=ma又 F=kx　    得：x=m(

原来两弹簧压缩量分别为x1、x2.分别选物块1、物块2为研究对象,根据平衡条件有x1=m1g/k1,x2=(m1+m2)g/k2当施力将物块1缓慢竖直上提到下面弹簧刚脱离桌面时,下面的弹簧恰恢复原长,

小球所受的合力提供向心力，有：F合＝mRω2，根据平行四边形定则得，杆子对小球的作用力F=F合2+(mg)2＝mg2+ω4R2．故B正确，A、C、D错误．故选B．

 注：k在分母上, 希望可以帮到你,O(∩_∩)O~再问：可答案是mg（2kh+mg）/2k，望解答，万分感谢....再答：你把括号展开就可以得到与我一样的答案。在公式编辑的时候我